另一种选择是使用require-dir包，它允许您执行以下操作。它也支持递归。

var requireDir = require('require-dir');
var dir = requireDir('./path/to/dir');

可以使用:https://www.npmjs.com/package/require-file-directory

要求所选文件只有名称或全部文件。 不需要绝对路径。 易于理解和使用。

用下面的代码在文件夹中创建一个index.js文件:

const fs = require('fs')    
const files = fs.readdirSync('./routes')
for (const file of files) {
  require('./'+file)
}

然后你可以简单地用require("./routes")加载所有文件夹

使用这个函数，你可以要求一个完整的目录。

const GetAllModules = ( dirname ) => {
    if ( dirname ) {
        let dirItems = require( "fs" ).readdirSync( dirname );
        return dirItems.reduce( ( acc, value, index ) => {
            if ( PATH.extname( value ) == ".js" && value.toLowerCase() != "index.js" ) {
                let moduleName = value.replace( /.js/g, '' );
                acc[ moduleName ] = require( `${dirname}/${moduleName}` );
            }
            return acc;
        }, {} );
    }
}

// calling this function.

let dirModules = GetAllModules(__dirname);

当require得到一个文件夹的路径时，它会在该文件夹中查找index.js文件;如果有一个，它就使用它，如果没有，它就失败。

这可能是最有意义的(如果你可以控制文件夹)创建一个index.js文件，然后分配所有的“模块”，然后简单地要求。

yourfile.js

var routes = require("./routes");

index.js

exports.something = require("./routes/something.js");
exports.others = require("./routes/others.js");

如果你不知道文件名，你应该写一些加载器。

加载器的工作示例:

var normalizedPath = require("path").join(__dirname, "routes");

require("fs").readdirSync(normalizedPath).forEach(function(file) {
  require("./routes/" + file);
});

// Continue application logic here

另一种选择是使用require-dir包，它允许您执行以下操作。它也支持递归。

var requireDir = require('require-dir');
var dir = requireDir('./path/to/dir');