是否可以写入字符串或日志到控制台?
我的意思是
就像在JSP中一样,如果我们打印system.out.println("some")这样的东西,它将出现在控制台,而不是页面上。
是否可以写入字符串或日志到控制台?
我的意思是
就像在JSP中一样,如果我们打印system.out.println("some")这样的东西,它将出现在控制台,而不是页面上。
当前回答
这是我的解决方案,这个的好处是你可以传递尽可能多的参数。
function console_log()
{
$js_code = 'console.log(' . json_encode(func_get_args(), JSON_HEX_TAG) .
');';
$js_code = '<script>' . $js_code . '</script>';
echo $js_code;
}
这样称呼它
console_log('DEBUG>>', 'Param 1', 'Param 2');
console_log('Console DEBUG:', $someRealVar1, $someVar, $someArray, $someObj);
现在你应该能够在你的控制台看到输出,愉快的编码:)
其他回答
我认为它可以被用来
function jsLogs($data, $isExit) {
$html = "";
$coll;
if (is_array($data) || is_object($data)) {
$coll = json_encode($data);
} else {
$coll = $data;
}
$html = "<script id='jsLogs'>console.log('PHP: ${coll}');</script>";
echo($html);
if ($isExit) exit();
}
# For String
jsLogs("Testing string"); #PHP: Testing string
# For Array
jsLogs(array("test1", "test2")); # PHP: ["test1","test2"]
# For Object
jsLogs(array("test1"=>array("subtest1", "subtest2"))); #PHP: {"test1":["subtest1","subtest2"]}
function phpconsole($label='var', $x) {
?>
<script type="text/javascript">
console.log('<?php echo ($label)?>');
console.log('<?php echo json_encode($x)?>');
</script>
<?php
}
火狐
在Firefox上,您可以使用一个名为FirePHP的扩展,它支持从PHP应用程序记录信息并将信息转储到控制台。这是一个令人敬畏的web开发扩展Firebug的插件。
http://www.studytrails.com/blog/using-firephp-in-firefox-to-debug-php/
铬
但是如果你使用的是Chrome浏览器,有一个PHP调试工具叫做Chrome Logger或webug (webug有日志顺序的问题)。
最近,Clockwork正在积极开发中,它通过添加一个新的面板来提供有用的调试和分析信息,扩展了开发人员工具。它为Laravel 4和Slim 2提供了开箱即用的支持,并可以通过其可扩展的API添加支持。
使用Xdebug
调试PHP的更好方法是通过Xdebug。大多数浏览器都提供了辅助扩展来帮助您传递所需的cookie/查询字符串来初始化调试过程。
Chrome - Xdebug助手 Firefox -最简单的Xdebug Opera - Xdebug Safari - Xdebug切换器
截至2017年,Firebug和FirePHP已被禁用。
我对ChromePHP工具进行了一些小修改,以允许从FirePHP无缝迁移到Firebug,以便通过控制台进行调试。
这篇文章用简单明了的步骤解释
5分钟内从FirePHP迁移到ChromePHP(不破坏现有代码)
或者使用从PHP调试到控制台的技巧。
首先需要一个PHP辅助函数
function debug_to_console($data) {
$output = $data;
if (is_array($output))
$output = implode(',', $output);
echo "<script>console.log('Debug Objects: " . $output . "' );</script>";
}
然后你可以这样使用它:
debug_to_console("Test");
这将创建如下输出:
Debug Objects: Test