是否可以将lambda函数作为函数指针传递?如果是这样，我一定是做了错误的事情，因为我得到了一个编译错误。
考虑下面的例子
using DecisionFn = bool(*)();
class Decide
{
public:
Decide(DecisionFn dec) : _dec{dec} {}
private:
DecisionFn _dec;
};
int main()
{
int x = 5;
Decide greaterThanThree{ [x](){ return x > 3; } };
return 0;
}
当我尝试编译这个时，我得到以下编译错误:
In function 'int main()':
17:31: error: the value of 'x' is not usable in a constant expression
16:9: note: 'int x' is not const
17:53: error: no matching function for call to 'Decide::Decide(<brace-enclosed initializer list>)'
17:53: note: candidates are:
9:5: note: Decide::Decide(DecisionFn)
9:5: note: no known conversion for argument 1 from 'main()::<lambda()>' to 'DecisionFn {aka bool (*)()}'
6:7: note: constexpr Decide::Decide(const Decide&)
6:7: note: no known conversion for argument 1 from 'main()::<lambda()>' to 'const Decide&'
6:7: note: constexpr Decide::Decide(Decide&&)
6:7: note: no known conversion for argument 1 from 'main()::<lambda()>' to 'Decide&&'
这是一个要消化的错误消息，但我认为我从中得到的是不能作为constexpr处理，因此我不能将它作为函数指针传递?我也试着让x成为constexpr，但这似乎没有帮助。
一个类似的答案，但我这样做是为了让你不必指定返回指针的类型(注意，通用版本需要c++ 20):
#include <iostream>
template<typename Function>
struct function_traits;
template <typename Ret, typename... Args>
struct function_traits<Ret(Args...)> {
typedef Ret(*ptr)(Args...);
};
template <typename Ret, typename... Args>
struct function_traits<Ret(*const)(Args...)> : function_traits<Ret(Args...)> {};
template <typename Cls, typename Ret, typename... Args>
struct function_traits<Ret(Cls::*)(Args...) const> : function_traits<Ret(Args...)> {};
using voidfun = void(*)();
template <typename F>
voidfun lambda_to_void_function(F lambda) {
static auto lambda_copy = lambda;
return []() {
lambda_copy();
};
}
// requires C++20
template <typename F>
auto lambda_to_pointer(F lambda) -> typename function_traits<decltype(&F::operator())>::ptr {
static auto lambda_copy = lambda;
return []<typename... Args>(Args... args) {
return lambda_copy(args...);
};
}
int main() {
int num;
void(*foo)() = lambda_to_void_function([&num]() {
num = 1234;
});
foo();
std::cout << num << std::endl; // 1234
int(*bar)(int) = lambda_to_pointer([&](int a) -> int {
num = a;
return a;
});
std::cout << bar(4321) << std::endl; // 4321
std::cout << num << std::endl; // 4321
}
虽然模板方法出于各种原因很聪明，但重要的是要记住lambda和捕获的变量的生命周期。如果要使用任何形式的lambda指针is，并且lambda不是向下延续，那么只应该使用复制[=]lambda。也就是说，即使这样，如果捕获的指针的生命周期(堆栈unwind)比lambda的生命周期短，那么在堆栈上捕获一个指向变量的指针也是不安全的。
捕获lambda作为指针的一个更简单的解决方案是:
auto pLamdba = new std::function<...fn-sig...>([=](...fn-sig...){...});
例如,新std::函数<空白 ()>([=]() -> 空白{…}
只需要记住稍后删除pLamdba，以确保不会泄漏lambda内存。
这里要意识到的秘密是lambdas可以捕获lambdas(问问自己这是如何工作的)，而且为了让std::function正常工作，lambda实现需要包含足够的内部信息来提供对lambda(和捕获的)数据大小的访问(这就是为什么delete应该工作[运行捕获类型的析构函数])。
这是另一种解决方案。c++ 14(可以转换为c++ 11)支持返回值、不可复制和可变lambda。如果不需要可变的lambdas，可以通过删除匹配非const版本的专门化并嵌入impl_impl来更短。
对于那些想知道的人来说，它是有效的，因为每个lambda都是唯一的(是不同的类)，因此调用to_f会为这个lambda静态和相应的c风格函数生成唯一的，可以访问它。
template <class L, class R, class... Args> static auto impl_impl(L l) {
static_assert(!std::is_same<L, std::function<R(Args...)>>::value,
"Only lambdas are supported, it is unsafe to use "
"std::function or other non-lambda callables");
static L lambda_s = std::move(l);
return +[](Args... args) -> R { return lambda_s(args...); };
}
template <class L>
struct to_f_impl : public to_f_impl<decltype(&L::operator())> {};
template <class ClassType, class R, class... Args>
struct to_f_impl<R (ClassType::*)(Args...) const> {
template <class L> static auto impl(L l) {
return impl_impl<L, R, Args...>(std::move(l));
}
};
template <class ClassType, class R, class... Args>
struct to_f_impl<R (ClassType::*)(Args...)> {
template <class L> static auto impl(L l) {
return impl_impl<L, R, Args...>(std::move(l));
}
};
template <class L> auto to_f(L l) { return to_f_impl<L>::impl(std::move(l)); }
注意，这也适用于其他可调用的对象，如std::function，但如果它不起作用会更好，因为与lambdas不同，std::function这样的对象不会生成唯一类型，因此内部模板和它的内部静态将被所有具有相同签名的函数重用/共享，这很可能不是我们想从它那里得到的。我已经明确禁止std::函数，但还有更多我不知道如何以通用的方式禁止。
捕获lambdas不能转换为函数指针，正如这个答案所指出的。
然而，为只接受一个函数指针的API提供函数指针通常是相当痛苦的。最常被引用的方法是提供一个函数，并用它调用一个静态对象。
static Callable callable;
static bool wrapper()
{
return callable();
}
这太乏味了。我们进一步利用了这个想法，自动化了创建包装器的过程，使工作变得更加简单。
#include<type_traits>
#include<utility>
template<typename Callable>
union storage
{
storage() {}
std::decay_t<Callable> callable;
};
template<int, typename Callable, typename Ret, typename... Args>
auto fnptr_(Callable&& c, Ret (*)(Args...))
{
static bool used = false;
static storage<Callable> s;
using type = decltype(s.callable);
if(used)
s.callable.~type();
new (&s.callable) type(std::forward<Callable>(c));
used = true;
return [](Args... args) -> Ret {
return Ret(s.callable(std::forward<Args>(args)...));
};
}
template<typename Fn, int N = 0, typename Callable>
Fn* fnptr(Callable&& c)
{
return fnptr_<N>(std::forward<Callable>(c), (Fn*)nullptr);
}
并将其用作
void foo(void (*fn)())
{
fn();
}
int main()
{
int i = 42;
auto fn = fnptr<void()>([i]{std::cout << i;});
foo(fn); // compiles!
}
Live
这实际上是在每次出现fnptr时声明一个匿名函数。
请注意，给定相同类型的可调用对象，fnptr的调用将覆盖先前编写的可调用对象。在某种程度上，我们用int参数N来补救这个问题。
std::function<void()> func1, func2;
auto fn1 = fnptr<void(), 1>(func1);
auto fn2 = fnptr<void(), 2>(func2); // different function
使用lambda with作为C函数指针的快捷方式是:
"auto fun = +[](){}"
以Curl为例(Curl调试信息)
auto callback = +[](CURL* handle, curl_infotype type, char* data, size_t size, void*){ //add code here :-) };
curl_easy_setopt(curlHande, CURLOPT_VERBOSE, 1L);
curl_easy_setopt(curlHande,CURLOPT_DEBUGFUNCTION,callback);
这不是一个直接的答案，而是使用“functor”模板模式来隐藏lambda类型的细节，并保持代码的美观和简单。
我不确定你想如何使用决定类，所以我必须用一个使用它的函数扩展类。完整示例请参见:https://godbolt.org/z/jtByqE
类的基本形式可能是这样的:
template <typename Functor>
class Decide
{
public:
Decide(Functor dec) : _dec{dec} {}
private:
Functor _dec;
};
将函数类型作为类类型的一部分传入，如下所示:
auto decide_fc = [](int x){ return x > 3; };
Decide<decltype(decide_fc)> greaterThanThree{decide_fc};
再一次，我不确定为什么你要捕捉x它更有意义(对我来说)有一个参数，你传递给lambda)，所以你可以像这样使用:
int result = _dec(5); // or whatever value
有关完整示例，请参见链接
